PHPで未定義の変数のNOTICEエラー通知を出さない方法

Question

PHPでこんなコードを書くと・・・

$hoge = 1; if($fuga && $hoge) { }
$fugaが未定義変数だというNOTICEエラーが出ます。

そのため下記のように変更しました。

$hoge = 1; if(isset($fuga) && $duga && $hoge) { }
NOTICEエラーが出てこないようするにはどうしたらよいですか？
どなたPHPに詳しいかた、アドバイスお願いします！

Answer 1

実際に判定をしたいのかによりますが**empty()**で判定することは可能です。

参照：http://us3.php.net/empty

empty()関数は、引数の値に何らかの値がセットされているかどうかを判断しtrue/false を返します。
そのため、対象変数が存在しかつその値が空や0でなければ FALSE を返します。
それ以外の場合は TRUE を返すというわけです。

なお、次のような値は空であるとみなされます。

(空文字列) 0 (整数 の 0) 0.0 (浮動小数点数の 0) "0" (文字列 の 0) NULL FALSE array() (空の配列) $var; (変数が宣言されているが、値が設定されていない)
上記の全てを理解した上でisset、emptyの使い分けが必要になります。

if(!empty($fuga))
上記の記述であればNOTICEエラーは出ません。「!」で空判定になります。

しかし、これを多用することは正直おすすめできません。
基本、変数を定義するのを心がけてください。