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kacz-

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前提・実現したいこと

度々、質問申し訳ありません。
ログインン制のページを作成する中でエラーページでエラーが出ます。いまいち解決策がわかりません。

発生している問題・エラーメッセージ

Notice: Undefined variable: conn in /Applications/XAMPP/xamppfiles/htdocs/members/login.php on line 37

Warning: mysqli_close() expects parameter 1 to be mysqli, null given in /Applications/XAMPP/xamppfiles/htdocs/members/login.php on line 37

該当のソースコード

<?php
$link = new mysqli('localhost', 'localhost', 'akb132012', 'member_test');
//セッション作成
session_start();
if(!isset($_POST['login'])) {
//ログインフォームを表示
inputForm();
} else {
//フォームの値を取得
$formUserId = $_POST['formUserid'];
$formPassword = $_POST['formPassword'];

//ID, PASWORDが未入力の場合
if(($formUserId == "") || ($formPassword == "")) {

//エラー関数の呼び出し
error(1);

} else { 
//ID,PASSWORD 入力アリ    
//データベースへ接続
require_once('regist/db.php');

//memberテーブルのデータを取得
$query = "select * from members";
$result = mysqli_query($link, $query);

//フォームから取得したUSERIDとデータベース内のUSERIDが一致したらデータベースのPASSWORDを変数に格納        
while($data = mysqli_fetch_array($result)) {
if($data['userid'] == $formUserId) {  //フォームから取得したUSERIDとデータベースのUSERIDが一致
$dbPassword = $data['password'];
break;
}
}

//MySQLデータベースを閉じる
mysqli_close($conn);

//$dbPasswordという変数に値が格納されていない場合→formUserIdとデータベースのIDが不一致
if(!isset($dbPassword)) {
error(2);
} else {
//formUserIdとデータベースのIDが一致
//フォームのパスワードとデータベース内のパスワードが不一致
if($dbPassword != $formPassword){
error(3);
} else {
//ID,パスワードどちらも一致
//セッション変数を作成→セッション変数に $formUserID を登録
$_SESSION['loginUser'] = $formUserId;
header("Location:test.php");
}
}
}
}
?>
<?php
//入力画面表示画面    
function inputForm() {
?>
<!DOCTYPE html PUBLIC "-//W3C//DTD XHTML 1.0 Transitional//EN" "http://www.w3.org/TR/xhtml1/DTD/xhtml1-transitional.dtd">
<html xmlns="http://www.w3.org/1999/xhtml">
<head>
<meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=utf-8" />
<title>ログイン</title>
</head>
<body>
<h1>ログインページ</h1>
<form action="login.php" method="post">
<label for="userid">ユーザーID</label>:
<input type="text" name="formUserid" id="userid"/>
<br />
<label for="password">パスワード</label>:
<input type="text" name="formPassword" id="password"/>
<br />
<input type="submit" name="login" value="ログイン" />
</form>
</body>
</html>
<?php
}
//エラー表示関数
function error($errorType) {

switch($errorType) {    

case 1:
$errorMsg = "IDとパスワードを入力してください。";
break;

case 2:
$errorMsg = "IDが違います";
break;

case 3:
$errorMsg = "パスワードが違います";
break;
}
?>    
<!DOCTYPE html PUBLIC "-//W3C//DTD XHTML 1.0 Transitional//EN" "http://www.w3.org/TR/xhtml1/DTD/xhtml1-transitional.dtd">
<html xmlns="http://www.w3.org/1999/xhtml">
<head>
<meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=utf-8" />
<title>ログイン</title>
</head>
<body>
<h1>エラーページ</h1>
<?php
print $errorMsg;
?>
</body>
</html> 
<?php
}
?>
ここにご自身が実行したソースコードを書いてください
```

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回答 2

+4

mysqli_close($conn);

$connという変数を定義してないのに使っていますよね。$linkではないんですか?

mysqli_close($link);

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+1

英語を翻訳して欲しい、という質問でしょうか。
エラーメッセージが↓コレで

Undefined variable: conn
login.php on line 37

書いているコードが↓コレで

//MySQLデータベースを閉じる
mysqli_close($conn);

もう一つのエラーメッセージが

mysqli_close() expects parameter 1 to be mysqli, null given


で、パラメータはmysqli型じゃないとダメなのにnullが与えられたぞ、と言っていて、同じ原因なわけです。

connってどこから来たんでしょうか。

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